2018-2019学年普通高考(泄露天机)押题卷 理综物理(一) 下载本文

(d6?2d3)f2【答案】(1) (3分) (2)A (2分)

225【解析】相邻两计数点之间的时间间隔?t?5,根据逐差法,可得小车的加速度大小f(d6?2d3)f2d6?2d3a?,解得a?;由于本实验利用拉力传感器可以直接读出细绳的拉29?t225力,所以不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车的质量,选项A正确。

23.(10分)某小组内的同学要做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验,要求测量数据尽量精确,绘制曲线完整,可供选用的器材如下:

A.小灯泡(3.8V 0.3A)

B.学生电源(电动势为6V,内阻约1Ω) C.电流表A(量程为0~200mA,内阻10Ω) D.电压表V(量程为0~4V,内阻约4kΩ)

E.滑动变阻器R1(最大阻值10Ω,允许通过的最大电流1A) F.滑动变阻器R2(最大阻值1500Ω,允许通过的最大电流0.3A) G.定值电阻R3(阻值等于1Ω) H.定值电阻R4(阻值等于10Ω) I.开关一个、导线若干。

(1)请画出实验电路图,并将各元件字母代码标在该元件的符号旁。 (2)请根据(1)中所画的电路图,补充完成图甲中实物电路的连线。

(3)接闭合关,改变滑动变阻器滑动端的位置,并记录对应的电流表示数I、电压表示数U。某次测量中,电流表、电压表示数如图乙所示,可知该状态下小灯泡电阻的测量值为 Ω(计算结果保留3位有效数字)。

(4)根据实验数据,画出的小灯泡I-U图线如图丙所示。利用图像计算某一工作状态的小灯泡的电阻值的方法是 。

【答案】(1)如图(3分) (2) 如图 (3分) (3)12.5(2分)(4) 见解析(2分)

【解析】(1)电流表的最大电流为200mA,小于小灯泡的额定电流,必需把电流表与定值电阻R4并联,使其量程增大一倍才能进行测量。“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验用图象法处理实验数据,要多测几组数据,所以滑动变阻器要接分压。并且越小控制电路越好,滑动变阻器选R1,改装后的电流表采用外接法,电路图如图所示。

(2)根据(1)的电路原理图接实物图如图所示。

(3)由图乙可知,电流为0.144A,电压为3.6 V,小灯泡的电阻R?U?12.5?。 2I(4)由I-U图线的物理意义可知,利用图像计算某一工作状态的小灯泡的电阻值的方法是,该点与坐标原点连线的斜率的倒数的一半表示小灯泡的电阻值。

24.(14分)如图所示,水平面由光滑的AB段和BC两段组成,BC又与光滑的竖直面内的半圆形导轨在C点相接,C点放置一个质量为m的小球,导轨半径为R。AB段长度等于BC段,B点时弹簧处于原长,现用外力将一个质量为2m的小球缓慢压缩弹簧后静止释放,在弹力作用下物体获得某一向右速度后脱离弹簧,当它经过C点时两球发生弹性相碰,放在C点的小球进入导轨后

D O R2mABC完成半个圆周运动落到B点。已知重力加速度为g,BC两点

的距离为l,缓慢压缩弹簧后,弹簧的弹性势能为Ep。求:

(1)两球相碰后放在C点的小球的速度大小v1; (2)两球相碰后放在B点的小球的速度大小v。

解析(1)设小球运动到D点时的速度大小为v2,根据平抛运动的规律有:

2R?12gt,l=v2t(4分) 2小球在半圆形导轨内运动过程中机械能守恒,由机械能守恒得:

112?mv12??mv2?2mgR(3分) 22gl2联立解得:v1?4gR?。(1分)

4R(2)设左边小球与右边小球碰撞前的速度大小为v0,因碰撞过程中动量守恒,有:

2mv0?2mv?mv1(3分)

根据能量守恒定律有:EP?12?2mv0(2分) 2联立解得:v?Ep1gl2。(1分) ?4gR?m24R25.(18分)如图所示,两根足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ,竖直放置,其间距为d,其电阻不计。金属棒ab垂直导轨放置,

棒两端与导轨始终有良好接触,已知棒的质量为m,电阻为R,导轨下端通过导线与电阻相连,阻值也为R,整个装置处在垂直于导轨平面向外的匀强磁场中,磁感应强度为B。现使金属棒ab在竖直向上的恒力F=2mg的作用下沿导轨竖直向上运动,运动了时间t,金属棒

ab的速度达到最大。

(1)求金属棒ab的最大速度;

(2)求该过程中通过金属棒cd的电荷量q和金属棒ab产生的焦耳热。 解析 (1)对金属棒ab受力分析,根据平衡条件得F?mg?F安(1分) 由F安?BId(1分) 由I?Bdvm(1分) 2R

三式联立解得vm?2mgR(1分) B2d2(2)上升过程中,对金属棒ab根据动量定理得Ft?mgt?Bdq?mvm(2分)

mgt2m2gR?33(2分) 解得q?BdBd由q?Bdx(2分) 2Rmgt2m2gR)(1分) 解得x?2R(22?44BdBd对金属棒ab根据动能定理得Fx?mgx?W安?12mvm(2分) 22m2g2Rt6m3g2R2?解得W安?(2分) 2244BdBd由W安?Q(1分) Q=2 Q1(1分)

m2g2Rt3m3g2R2?解得:Q1=(1分) 22BdB4d4注意:本题也可以利用微元法进行求解,这样就可以避开用动量定理。

(二)选考题:共15分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做,则每科按所做的第一题计分。

33.【物理——选修3-3】(15分)

(1)(5分)如图所示,一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A。其中,A→B为等压过程, B→C为等容过程,从C→D→A为等温过程。该循环过程中,下列说法正确的是 。(填正确答案标号,选对1个给2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得0分)

A.A→B过程中,气体对外界做功,吸热 B.B→C过程中,气体分子的平均动能增加

C.C→D过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多 D.D→A过程中,气体分子的速率分布曲线发生变化

E. 该循环过程中,气体吸热 【答案】ACE

【解析】A→B过程中,体积增大,气体对外界做功,温度升高,内能增大,根据?E?W?Q可知气体吸热,选项A正确;B→C过程中,等容变化,气体对外不做功,温度降低,气体分子的平均动能减小,选项B错误;C→D过程中,等温压缩,体积变小,分子数密度变大,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多,选项C正确;D→A过程中,气体体积继续减小,外界对气体做功,由于是等温变化,分子平均动能不变,气体分子的速率分布曲线不会发生变化,选项D错误;该循环过程中,气体内能不变,对外做功,根据?E?W?Q气体吸热,选项E正确。

(2)(10分)如图所示,一导热性能良好、内壁光滑的气缸竖直放置,气缸的深度l=45cm,活塞与气缸底部之间封闭了一定质量的理想气体。当气体的温度T0=300K、

5大气压强P?1.0?10Pa时,活塞与气缸底部之间的距离 l0=30cm,活塞的横截面积0S=1.0

错误!未找到引用源。-32

m不计活塞的质量和厚度。现对气缸加热,使活塞缓慢上升,求:

①活塞刚到气缸口处(没漏气)时封闭气体的温度T1;

②达到①状态后,对气缸加热的火候不变(保证缸内气体温度不变),然后向活塞上缓慢的放细砂,问放多少砂才能使活塞回到初始位置。

【解析】设气缸的横截面积为S,由题意可知,此过程为等压膨胀 由盖-吕萨克定律有

L0SLS ?T0T1解得T1?lT0?450K。 l0由题意可知,此过程温度保持不变,由玻意耳定律定律有 P0LS=PL0S,其中p?p0?解得:m=5kg。

34.【物理——选修3-4】(15分)

(1)(5分)如图34.1所示,t=0时刻,与M点间的距离为10m的波源O点由平衡位置开始上下振动,形成一列沿直线OM传播的简谐横波。图34.2为质点M的振动图象。下列判断正

mg S