A．灯L1开路 B．灯L1短路 C．灯L2开路 D．灯L2短路

【分析】分析电路图，电流表测量通过L1的电流，电压表并联支路两端的电压（电源电压），若一灯灭了，电压表示数不变，说明不亮的灯为开路；电流表示数变小，说明是L1开路． 【解答】解：A、灯L1开路，通过L1的电流为0（电流表示数为零），电压表测量灯L2两端的电压、示数不变，符合题意，故A正确；

B、灯L1短路，同时发生电源短路，灯L2也不亮，不符合题意，故B错；

C、灯L2开路，电源电压保持不变，加在灯L1两端的电压不变，通过的电流不变，两表的示数不变，不符合题意，故C错；

D、灯L2短路，同时发生电源短路，灯L1也不亮，不符合题意，故D错． 故选A．

【点评】本题考查了电路故障的判断．在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通．

16．如图所示的电路，电磁铁的左端有一个小磁针，在下列说法中正确的是（ ）

A．只闭合S1，小磁针N极向左顺时针偏转 B．只闭合S1，小磁针仍将保持静止状态 C．先闭合S1，再闭合S2，电磁铁磁性增强 D．先闭合S1，再闭合S2，电磁铁磁性减弱

【分析】开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化．

【解答】解：AB、电流从左端流入，右端流出，故据安培定则可知，此时电磁铁的右端是N极，左端是S极，根据磁极间的相互作用可知，闭合开关S1，小磁针N极向右逆时针偏转，故AB错误；

BC、闭合开关S1再闭合S2，两电阻并联，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，故电磁铁的磁性增强，故C正确，D错误． 故选C．

【点评】该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用、电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题．

17．如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S1、S2，电压表示数为U1；接着只断开开关S2，此时电压表示数为U2，若已知U1：U2=5：3，则电阻R1 和R2的阻值之比是（ ）

A．1：2 B．3：2 C．2：3 D．5：3

【分析】闭合开关S1、S2时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压；接着只断开开关S2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比．

【解答】解：闭合开关S1、S2时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，则电源的电压U1； 接着只断开开关S2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压， 串联电路中总电压等于各分电压之和， R2两端的电压：UR2=U1﹣U2， 串联电路中各处的电流相等， 由I=可知，两电阻的阻值之比：

=====．

故选B．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，要分清各量之间的关系，不要混淆．

三、实验题（共20分）

18．在“探究凸透镜成像规律”的实验中

（1）实验装置正确安装并调节后，小芳同学某次实验情景如图所示，此时她在光屏上看到了烛焰清晰的像，生活中的 照相机 就是利用这一原理制成的．

（2）实验过程中，如果用不透明的硬纸板档住凸透镜的上半部分，则光屏上的像 D ． A．只出现烛焰像的上半部分 B．只出现烛焰像的下半部分

C．出现烛焰完整的像，但像更小了 D．像仍然是完整的，且大小不变，只是变暗了

（3）如果保持蜡烛和凸透镜的位置不变，把光屏向右移一小段距离后，要想在光屏上再次得到清晰的像，可在蜡烛与凸透镜之间放一个 近视眼镜 （选填“近视眼镜”或“远视眼镜”）．

【分析】（1）当物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的，此时像距处于f和2f之间，像距小于物距；

（2）物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像．

当遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像； （3）根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析． 【解答】解：（1）由图知，像距小于物距，此时成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的；

（2）挡住透镜上半部分，下半部分仍能折射光线成像，所以光屏上所成的像是完整的，只是会聚光线比原来变少，像变暗了，D正确；

（3）把光屏向右移动一小段距离，要想在光屏上再次得到淸晰的像，应使像向右移动，则需在凸透镜和蜡烛之间放置适当的凹透镜；近视眼就是利用这种透镜矫正的； 故答案为：（1）照相机；（2）D；（3）近视眼镜．

【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要善于总结规律．

19．利用某种合金制成的两个大小不同的工艺品，其中一个是实心，一个是空心．小明为了判定哪个是空心的，他借助如图 的实验器材进行了如下实验．请你帮小明完成下列问题．实验步骤： ①用弹簧测力计测出小工艺品的重力G1=2 N．

②将挂在测力计下方的小工艺品浸没水中，此时弹簧测力计的示数F1=1.6 N，则小工艺品受到的浮力F浮= 0.4 N．

③用测力计测出大工艺品的重力G2=3 N．

④如图所示，将挂在测力计下方的大工艺品浸没水中，则此时弹簧测力计的示数F2=2.2N．

⑤根据实验数据，可以分别计算出大小合金工艺品的密度，则可以判断出 大 （选填“大”或“小”）工艺

33

品是空心的，且这种合金的密度ρ合金= 3.75×10 kg/cm．

【分析】（1）利用称重法分别求出小工艺品和大工艺品受到的浮力；

（2）大工艺品体积和小工艺品排开水的体积即为大、小工艺品的体积，利用F浮=ρ水gV排求出，根据密度公式和重力公式求出两者的密度，密度大的为实心的且密度为合金的密度，密度小的工艺品为空心的． 【解答】解：②小工艺品受到的浮力F浮=G1﹣F1=2N﹣1.6N=0.4N； ⑤大工艺品受到的浮力F浮′=G2﹣F2=3N﹣2.2N=0.8N， 因为两者完全浸没，

所以，根据F浮=ρ水gV排可得，两者排开水的体积即合金的体积： V1=

=

=4×10m，

﹣53

V2===8×10m，

﹣53

根据G=mg和ρ=可得，两者的密度：

ρ1====5×103kg/m3，

ρ2====3.75×103kg/m3，

因为ρ1＞ρ2，

所以大工艺品是空心的，合金的密度为5g/cm3．

3

故答案为：②0.4；⑤大；3.75×10．

【点评】本题考查了称重法求浮力和阿基米德原理、重力和密度公式的应用，关键是会根据两者的密度判断是否空心和空心部分体积的计算．

20．小强在进行“测定小灯泡的电功率”的实验，已知电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，他已连接了部分电路，如图1所示，请你接着完成下列步骤：

（1）用笔画线代替导线，将图1的电路连接完整． （2）连接电路时，开关S应当处于 断开 状态，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于 右端 （选填“左端”或“右端”）．

（3）连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表的示数为0，则出现故障的原因可能是 灯L（或电压表）被短路 ．

（4）故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P到某一位置，电压表的示数如图2所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 左 端移动．

（5）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图3所示，则电流表的示数为 0.2 A，小灯泡的额定功率是 0.5 W． 【分析】（1）掌握实物电路的连接，特别注意电流表、电压表及滑动变阻器的接法，电流表和滑动变阻器串联在电路中，电压表并联在电路中，注意电流表、电压表量程和正负接线柱的接法及滑动变阻器上下接线柱的选择；

（2）在连接电路中，开关应断开，在闭合开关前，滑片应移至最大阻值处； （3）首先掌握断路和短路的区别，根据两电表的示数情况进行判断；

（4）根据串分压的知识判断滑动变阻器阻值的变化，然后判断出滑片移动的情况；

（5）首先确定电流表的量程和分度值，正确地读数后，根据公式P=UI计算出小灯泡的额定功率． 【解答】解：（1）电压表应与灯泡并联，由于灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表可选择0～3V的量程，滑动变阻器已接了下面一个接线柱，再连接上面任意一个接线柱即可，如图所示：

（2）连接电路时，为防止电路中电流过大，开关S应当处于断开状态；

由于滑动变阻器接了下面的左边一个接线柱，所以在闭合开关前，滑片应移至最右端，使其阻值最大；

（3）电流表有示数，说明电路中未发生断路，又小灯泡始终不亮，且电压表的示数为0，可见是灯泡或电压表短路造成的；

（4）由图2知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，所以示数为1.7V，低于额定电压，所以滑动变阻器应减小阻值减少分得的电压，所以滑片应向左移动；

（5）由图3知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.2A； 则P=UI=2.5V×0.2A=0.5W． 故答案为：（1）如上图所示；（2）断开；右端；（3）灯L（或电压表）被短路；（4）左；（5）0.2；0.5． 【点评】此题是“测定小灯泡的电功率”的实验，考查了电压表、滑动变阻器的连接及使用，考查了电流表、电压表的读数、电路故障的分析及电功率的计算，考查得比较全面．

四、计算与推导题（共23分）

21．如图所示，一个底面积为600cm2，重为120N的物块放于水平地面上，当受到水平向右10N的推力F，此时，物块做减速直线运动，向前滑行15cm后停下来．求： （1）当物块静止时，对水平地面的压强大小；

（2）物块从运动到静止的整个过程中，水平推力F对物块所做的功的大小．

【分析】（1）当物块静止时，对水平地面的压强大小；

（2）首先根据做功的两个必要条件判断是否做功，然后利用W=Fs计算． 【解答】解：（1）当物块静止时，对水平地面的压力：F=G=120N， 对水平地面的压强为：p==

=2×103Pa；

（2）当物块受到水平向右10N的推力F，做减速直线运动，

根据题意可知，此时物块不再受到推力的作用，之所以向前滑行15cm，是因为物块具有惯性，

所以物块从运动到静止的整个过程中，有距离，无力，水平推力F对物块不做功，或者说所做的功为0J．