【解答】解：我国大幅落后世界先进水平的行业业主要有两个：（1）制药行业；（2）半导体芯片行业。

优势领域：：5G通讯方案解决（华为，中兴，大唐），智能手机，pc，智能家电，家用电器，高铁，造船，核电，全球定位导航（北斗），量子通讯，可控核聚变研发，化工各领域，钢铁，互联网，轨道交通，超级计算机，人工智能AI，软件工程等。

综合分析，我国与世界先进国家还存在较大差距，需要努力追赶的是芯片设计制造，故D正确。 故选：D。

【点评】本题考查了我国的优势和落后产业，通过本题可以激发学生的学习兴趣。

7．（3分）（2018?攀枝花）关于液体和气体压强及相关的应用，下列说法中错误的是（ ）

A．小汽车设计成流线型，是为了在高速行驶时增强对地面的压力 B．青藏高原气压低，水的沸点低，煮饭要用高压锅 C．三峡船闸通行轮船利用了连通器原理

D．二滩电站大坝根据液体压强规律设计成“上窄下宽” 【分析】（1）流速越大的地方压强越小；

（2）气压与海拔高度有关；液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低；

（3）连通器里装同种液体且液体在不流动时液面总是相平的； （4）液体的压强随着深度的增加而增大。

【解答】解：A、小汽车外型是流线型，当汽车高速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大，压强小，汽车在压强差下产生向上的升力，汽车对路面的压力减小，故A错误；

B、青藏高原高度高，气压低，水的沸点低，煮饭要用高压锅，故B正确； C、连通器至少有两个开口，而且下面是相通的，当连通器里装同种液体且液体在不流动时液面总是相平的，三峡船闸通行轮船就是利用了连通器原理，故C正确；

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D、因为液体（坝里的水）的压强随深度增大而增大，所以底部的坝受到的压强较大，所以二滩电站大坝筑成上窄下宽，故D正确。 故选：A。

【点评】此题型综合考查了流体压强与流速的关系、沸点与气压的关系、连通器的原理，液体压强的特点等知识，是一道综合题，难度不大，掌握课本知识即可解答。

8．（3分）（2018?攀枝花）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮等重），在相同时间内把重物G提升相同高度，F1和F2大小相等，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）

A．力F1和F2做功的功率相同 B．力F1和F2做的总功相同

C．乙滑轮组更省力，两个滑轮组机械效率一样大 D．甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高

【分析】①使用滑轮组时，手拉绳子自由端做的功是总功；总功与所用时间之比是拉力做功的功率；

②根据已知条件判断省力情况；利用公式η=比较滑轮组机械效率。 【解答】解：

由图知，甲滑轮组中承担物重的绳子段数n=3，乙滑轮组中承担物重的绳子段数n=4。

AB、若重物上升高度为h，则两滑轮组中绳端移动的距离分别为：s甲=3h，s乙=4h； 甲滑轮组中拉力做的总功为W=F2?4h，

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甲总

===

=F1?3h，乙滑轮组中拉力做的总功为W

乙总

已知F1=F2，所以W甲总＜W乙总，故B错误；

已知时间相同，由公式P=知，P甲总＜P乙总．故A错误； CD、已知F1=F2，所以省力情况相同，故C错误；

甲、乙两滑轮组提升的物重G相同，设一个动滑轮的重为G动，

不计绳重及摩擦，则甲滑轮组的机械效率为：η=

=

=

=

，

，

甲

乙滑轮组中有2个动滑轮，同理可得，乙滑轮组的机械效率为：η乙=所以η甲＞η乙，故C错误，D正确。 故选：D。

【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，总功、机械效率、功率的计算方法，本题关键在于确定总功大小关系。

9．（3分）（2018?攀枝花）匀速地向某容器内注满水，容器底所受水的压强与注

水时间的关系如图所示，这个容器可能是（ ）

【分析】观察图象，容器底所受水的压强随注水时间缓慢上升，再针对每个容器的特点，选择合适的答案。

【解答】解：根据图象，容器底所受水的压强变化是越来越慢，

当匀速地向某容器内注满水时，压强变化越来越慢，根据p=ρgh可知，水面升高的高度变化越来越慢，容器的形状是上口大、底小。

A、A选项的锥形瓶，水面升高的高度变化是越来越快，不符合题意 BD、BD选项的烧杯和量筒，水面升高的高度变化是均匀的，不符合题意； C、C选项的量杯，水面升高的高度变化是越来越慢，符合题意；

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故选：C。

【点评】本题要求正确理解函数图象与实际问题的关系，理解问题的过程，能够通过图象得到函数是随自变量的增大，知道函数值是增大还是减小，通过图象得到函数是随自变量的增大或减小的快慢。

10．（3分）（2018?攀枝花）如图所示，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（ ）

A．电流表的示数变大，电压表V1的示数变小，V2的示数不变 B．电流表的示数变大，电压表V1的示数变小，V2的示数变大 C．电流表的示数变小，电压表V1的示数变大，V2的示数变小 D．电流表的示数变大，电压表V1的示数不变，V2的示数变小 【分析】分析电路的连接及两电压表测量的电压和电流表测量的电流： （1）分析当滑动变阻器滑片P向右移动时，确定R2变化，根据电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律确定电流表示数变化；

（2）根据欧姆定律的变形公式U=IR，分析R1的电压变化； 根据串联电路电压的规律确定电压表V1变化。 【解答】解：

由图知，两电阻串联，电压表V2测R1的电压，电压表V1测R2的电压，电流表测电路中的电流；

（1）当滑动变阻器滑片P向右移动时，R2接入电路的阻值变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故C错误；

（2）因电流变大，根据U=IR可知，定值电阻R1的电压变大，即电压表V2的示数变大，根据串联电路电压的规律可知，电压表V1的示数变小，故B正确；AD错误。

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