河南省中考数学专题复习专题五解直角三角形的实际应用训练 下载本文

5.解:在Rt△APC中,AC=PC·tan∠APC=30·tan 71°≈30×2.90=87米, 在Rt△BPC中,BC=PCtan∠BPC=30·tan 35°≈30×0.70=21米, 则AB=AC-BC=87-21=66米,

该汽车的平均速度为66

6=11 m/s,∵40 km/h≈11.1 m/s,

∴该车没有超速.

6.解:如解图,过点A作AH⊥CD,垂足为点H, 由题意知,四边形ABDH为矩形,∠CAH=30°,

第6题解图

∴AB=DH=1.5,BD=AH=6. 在Rt△ACH中,CH=AH·tan∠CAH, ∴CH=6·tan 30°=23(米). ∵DH=1.5,

∴CD=(23+1.5)(米). 在Rt△CDE中, ∵∠CED=60°, ∴CE=

CD

sin 60°

=4+3≈5.7(米),

答:拉线CE的长约为5.7米. 7.解:能求出小山的高, 设小山的高BD为x m. 在Rt△ABD中,AD=x

tan 60°

. 同理,在Rt△ACD中,AD=CDx+20

tan 66°=tan 66°. 即

xtan 60°=x+20

tan 66°

.

解得:x≈67.4.

答:小山的高BD约为67.4 m.

8.解:如解图,过点A作AG⊥CD,垂足为点G, 则∠CAG=30°,在Rt△ACG中,

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第8题解图

CG=CA·sin 30°=50×1

2=25.

由题意得GD=50-30=20, 则CD=CG+GD=25+20=45.

连接FD并延长与BA的延长线交于点H. 由题意得∠H=30°.

∵在Rt△CDH中,CH=CD

sin 30°

=2CD=90,

∴EH=EC+CH=AB-BE-AC+CH=300-50-50+90=290. 在Rt△EFH中, EF=EH·tan 30°=290×

329033=3

. ∴支撑角钢CD的长度为45 cm,EF的长度为2903

3 cm.

9.解:(1)11.4 【解法提示】在Rt△ABC中, ∵∠BAC=64°,AC=5 m, ∴AB=

AC

cos 64°

=5÷0.44≈11.4 m;

第9题解图

(2)如解图,过点D作DH⊥地面于H,交水平线于点E, 在Rt△ADE中,∵AD=20 m,∠DAE=64°,EH=1.5 m,

∴DE=sin 64°×AD≈20×0.9≈18 m,即DH=DE+EH=18+1.5=19.5 m,

答:如果该吊车吊臂的最大长度AD为20 m,那么从地面上吊起货物的最大高度是19.5 m. 类型二

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针对训练

1.解:如解图,过点A作AN⊥BD于点N,

第1题解图

在Rt△DNE,tan 37°=DNEN≈0.75=3

4,

设DN=3x,则EN=4x,

在Rt△DNA中,有DN=3x,AN=4x-8, ∵tan42°=DNAN=3x

4x-8≈0.90,

解得:x=12,

∴DN=3×12=36,AN=4×12-8=40, 在Rt△BNA中,由题意知∠NAB=32°, ∵tan 32°=BN

AN,

∴BN=tan 32°AN≈24.8,

∴DB=DN+BN=36+24.8=60.8,AC=BN=24.8, 答:甲楼的高为60.8 m,乙楼的高为24.8 m. 2.解:如解图,过点C作CD⊥AB于点D, 在Rt△ADC和Rt△BCD中,

∵∠CAB=30°,∠CBA=45°,AC=640, ∴CD=1

2AC=320,AD=3203,

∴BD=CD=320,BC=3202, ∴AC+BC=640+3202≈1088, ∴AB=AD+BD=3203+320≈864, ∴1088-864=224(公里),

答:隧道打通后与打通前相比,从A地到B地的路程将约缩短224公里.

第2题解图

3.解:如解图,过D作DE⊥AB于点E,可得四边形CHED为矩形,

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∴HE=CD=40 m,设CH=DE=x m, 在Rt△BDE中,∠DBA=60°, ∴BE=DEtan 60°=3

3x m,在Rt△ACH中,∠BAC=30°,

∴AH=

CH

tan 30°

=3x m,

由AH+HE+EB=AB=160 m,得3x+40+3

3

x=160, 解得:x=303,即CH=303 m, 答:该段运河的河宽为303 m.

第3题解图

4.解:如解图,过点B作BD⊥AC于点D,则∠BAD=60°,∠DBC=90°-37°=53°,

第4题解图

设AD=x,在Rt△ABD中,BD=ADtan∠BAD=3x, 在Rt△BCD中,CD=BDtan∠DBC=3x×443

3=3x,

由AC=AD+CD可得x+4

33x=13,解得:x=43-3,

则BC=BDcos∠DBC=3x3=53

3

×(43-3)=20-53,

5即BC两地的距离为(20-53)千米.

5.解:如解图,过点B作BD⊥AC,垂足为D.设BD=x.

第5题解图

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在Rt△ABD中,

∵∠BAD=56°-26°=30°, ∴AB=

BDsin 30°=2x,AD=BD

tan 30°

=3x.

在Rt△BCD中,

∵∠C=26°+19°=45°, ∴BC=

BDsin 45°=2x,CD=BD

tan 45°

=x.

∴AC=3x+x.

由题意得AB+BC-AC=20,

∴2x+2x-(3x+x)=20,解得x≈29.4. ∴AC≈2.73×29.4=80.262≈80(千米). ∴从A地直达C地的路程约为80千米.

6.解:如解图,延长ED交BC延长线于点F,则∠CFD=90°,

第6题解图

∵tan∠DCF=i=13

3=

3

,∴∠DCF=30°, ∵CD=4,

∴DF=13

2CD=2,CF=CD·cos∠DCF=4×2=23.

∴BF=BC+CF=23+23=43. 过点E作EG⊥AB于G,

则GE=BF=43,BG=EF=ED+DF=1.5+2=3.5,

又∵∠AEG=37°,∴AG=GE·tan∠AEG=43·tan37°≈33. ∴AB=AG+BG=(33+3.5)米. 答:旗杆AB的高度约为(33+3.5)米. 7.解:如解图,过点B作BD⊥AC,垂足为D,

第7题解图

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