(3）根据图丙U-I坐标系中的数据点，发现电流表的示数接近0.30A时，伏特表示数要超过3V量程，为了能测得更小的电流数据，提高实验精度，你认为下列做法正确的是_ __． A．将伏特表量程换成0-15V B．将伏特表拿掉
C．将电阻箱换成滑动变阻器 D．将安培表的量程换为0-3A
19（5分）（1）.如图（a）是小金同学在实验室用黄光做“双缝干涉测量光的波长”实验的器材，观察到如图（b）所示的干涉条纹，图中灰色部分表示暗条纹，于是他使分划板中心刻线与暗条纹中心对齐，移动测量头进行测量，下列说法中正确的是 .
A．该同学测条纹间距时必须将分划板中心刻度线与亮条纹中心对齐 B．在实验过程中拿掉双缝，将观察不到明暗相间的条纹 C．该干涉条纹虽然倾斜，但测得的值波长值仍正确
D．若需得到竖直的条纹与分划板刻度线平行只需逆时针转动测量头即可 (2) 小张同学利用“插针法”测定玻璃的折射率。
①小张将玻璃砖从盒子拿出放到白纸上，图示操作较为规范与合理的是__________。
②小张发现玻璃砖上下表面不一样，一面是光滑的，一面是磨砂的，小张要将玻璃砖选择_______(填“磨砂的面”或“光滑的面”)与白纸接触的放置方法进行实验较为合理。
③实验室有一梯形玻璃砖，某同学想用“插针法”测定玻璃的折射率。玻璃砖有4个光学面A、B、C、D，如图所示，其中A、C两面相互平行，实验中该同学对入射面和出射面的认识正确的是__ __。 A．只能选用A、C两面 B．可以选用A、B两面 C．不能选用B、D两面
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④该同学在选用A、C两面进行实验时，正确操作后，做出的光路图及测出的相关角度如图所示。此玻璃的折射率计算式为n= ___________ (用图中的θ 1、θ 2表示)。
四、解答题（本题共4小题，共37分）
20.（9分）《公安机关涉案枪支弹药性能鉴定工作规定》指出，不能发射制式弹药的非制式枪支，其所发射弹丸的枪口比动能大于等于1.8焦耳平方厘米都认定为枪支，枪口比动能是指子弹弹头离开枪口的瞬间所具有的动能除以枪口的横截面积，现有一玩具枪，其枪管长度L?20cm，枪口直径d?6mm，子弹质量为m?2g，在测试中，让玩具枪在高度h?1.8m处水平发射，实测子弹射程（子弹到射中点的水平距离）为12m，不计子弹受到的阻力，（子弹在枪管中的运动视为匀变速直线运动）求： (1)子弹出枪口的速度； (2)子弹在枪管中的运动时间；
(3)假设在枪管内子弹始终受到恒定的推力，试求此推力的大小．
21.（9分）某髙中兴趣学习小组成员，在学习完必修1与必修2后设计出如图所示的实验。OA为一水平弹射器，弹射口为A。ABCD为一光滑曲管，其中AB水平，BC为竖直杆(长度可调节)。CD为四分之一圆环轨道(各连接处均圆滑连接)其圆心为O′，半径为R=0.2m.。D的正下方E开始向右水平放置一块橡皮泥板EF，长度足够长。现让弹射器弹射出一质量m=0.1kg的小环，小环从弹射口A射出后沿光滑曲杆运动到D处飞出，不计小环在各个连接处的能量损失和空气阻力。已知弹射器每次弹射出的小环具有相同的初速度。某次实验中小组成员调节BC扃度h=0.8m，弹出的小环从D处飞出，现测得环从D处飞出时速度vD=4m/s，求：
(1)弹射器释放的弹性势能及小环在D处对圆环轨道的压力；
(2)小环落地点离E的距离(已知小环落地时与橡皮泥板接触后不再运动)
(3)若不改变弹射器弹性势能，改变BC间高度h在0~2m之问，求小环下落在水平面EF上的范闱。
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22．（9分)如图所示，电阻不计、间距为L=2.0 m的光滑平行金属导轨，水平放置于磁感应强度为B=0.5 T、
方向竖直向上的匀强磁场中，导轨左端接一定值电阻R=1.6 Ω，质量为m=l.0 kg、电阻为r=0.4 Ω的金属棒ab置于导轨上，始终垂直导轨且接触良好．ab受到垂直于棒的水平外力F=2.0 N作用，由静止开始运动，经过电阻R的电荷量q=3.8 C时金属棒ab的速度最大．求： （1）求金属棒ab的最大速度.
（2）当金属棒的速度达到最大速度的一半时，金属棒的加速度大小． （3）求这个过程中电阻R上产生的焦耳热．
23.(10分）如图所示，条形区域AA′，BB′中存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B的大小为0.3T，AA′，BB′为磁场边界，它们相互平行，条形区域的长度足够长，宽度d＝1m．一束带正电的某种粒子从AA′上的O点以大小不同的速度沿着与AA′成60°角方向射入磁场，当粒子的速度小于某一值
v0时，粒子在磁场区域内的运动时间t0＝4×10－8s；当粒子速度为v1时，刚好垂直边界BB′射出磁场．取
π＝3，不计粒子所受重力．求： (1)粒子的比荷； (2)速度v0和v1的大小．
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浙江省2020届物理选考模拟测试 物理试题答案 一、选择题（共48分） 题号 答案 三、实验与探究（共15分） 17.(5分) (1)AB；(2)B；(3)右；0.41
18. （5分）（1）4.9V 正极；（2）4.9V 2.1~2.3Ω （3）B 19（5分）（1）C (2) ①B ②磨砂的面 ③B ④ 四、解答题（共37分）
20.（9分）【答案】（1）20m （2）0.02s （3）2N
D C D B C C B C D D AC BC ACD BD AD CD 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 s平抛运动的规律；匀加速直线运动的规律及牛顿第二定律 （1）子弹离开枪口后做平抛运动，运动时间t?由x?vt，则v?2h?0.6s（1分） gx?20m（2分）
stv（2）由匀加速直线运动的规律v??10m（1分）
s2L运动时间t??0.02s（2分）
vv（3）在枪管中运动时的加速度a??1000m2（1分）
st 由牛顿第二定律可得F?ma?2N(2分）
21.（9分）【答案】(1)
，
(2)
(3)
；
【解析】（1）根据能量守恒关系可得
对小环在最高点D受力分析可得，得；
根据牛顿第三定律，小环对圆轨道的压力大小为7N，方向向上；
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（2）由于由故
可得；
，小环离开轨道作平抛运动，竖直方向做自由落体运动；
，
（3）小环刚到达D点的临界条件为，解得；
此时落地点为E，改变h，小环做平抛运动，分析可得小环水平方向位移应有最大值； 根据能量守恒定律可得可得，当范围内。
22．（9分)（1）4m/s（3分） （2）a=1 m/s 2 （3 分）(3) 5.76J（3 分） 23.(10分）
解析 (1)当粒子的速度小于某一值v0时，粒子不能从BB′离开磁场区域，只能从AA′边离开，无论粒子速度多大，在磁场中运动的时间都相同，轨迹如图所示(图中只画了一个粒子的轨迹)． 2粒子在磁场区域内做圆周运动的圆心角均为φ1＝240°，运动时间t0＝T.
3又T＝
2πm，
，
时水平位移最大，最大位移x=1.8m，故小环落地点范围在离E点水平向右0~1.8m的
Bqq108
解得＝×10C/kg.
m3
(2)当粒子速度为v0时，粒子在磁场内的运动轨迹刚好与BB′边界相切，此时有R0＋R0sin30°＝d.
mv20
又qv0B＝，
R0
28
得v0＝×10m/s，
3
当粒子速度为v1时，刚好垂直边界BB′射出磁场区域，此时轨迹所对圆心角φ2＝30°，有R1sin30°＝d.
mv21
又qv1B＝. R1
得v1＝2×10m/s.
102888
答案 (1)×10C/kg (2)×10m/s 2×10 m/s
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