测的也是直流电压，且量程为10 V．可选0～10这组数值来读，读得电压为8 V．选择开关指在左侧100挡时测的是直流电流，且量程为100 mA，也应读中间均匀刻度线，可选0～10这组数值来读，读得电流为8×10 mA＝80 mA.选择开关指在左侧10挡时测的是直流电流，且量程为10 mA.可选0～10这组数值来读，读得电流为8.0 mA.在测量电阻时，要想使指针向左侧偏转一些，即使电阻在盘上的指示值大一些，应该把选择开关换选更小的挡位，而在换挡之后重新测量之前要重新进行欧姆调零． 16.【答案】（1）A D （2）如图所示
（3）0.8 5
【解析】（1）因小灯泡标有“4 V，2 W”的字样，说明额定电压为4 V，故电压表应选A，由I=A=0.5 A得电流表应选0.6 V量程的D，
（2）因小灯泡电阻远小于电压表内阻，故电流表应用外接法，因要求电流从零调，故滑动变阻器应用分压式接法，电路图如图所示
（3）当电压为2 V时，由图可知，电流I=0.4 A，则由P=UI可知，功率为：P=2×0.4 W=0.8 W，电阻为：R==
Ω=5 Ω．
（2）mv02（3）
（2n－1） （4）（2n－1）L
17.【答案】（1）
【解析】（1）由点电荷电场强度公式和电场叠加原理可得：
；
（2）由对称性知，定理： -FfL=0－得：Ff=mv02
（3）设电荷从A点到O点电场力做功为WF，克服阻力做功为Wf， 由动能定理：WF－Wf=n·m－m
，电荷从A到B的过程中，电场力做功为零，克服阻力做功为：Wf=FfL，由动能
得：WF=由：WF=q（得：φA=
=
） （2n－1）
（2n－1），电荷在电场中运动的总路程为s，
（4）电荷最后停在O点，在全过程中电场力做功为WF=则阻力做功为－Ffs． 由动能定理得：WF－Ffs=0－m 即：
（2n－1）－ms=－m
解得：s=（2n－1）L
18.【答案】(1)负电荷 (2)3.5 m/s (3)1.2 m
【解析】(1)小滑块在沿斜面下滑的过程中，受重力mg、斜面支持力FN和洛伦兹力F作用，若要使小滑块离开斜面，则洛伦兹力F应垂直斜面向上，如图所示，根据左手定则可知，小滑块应带负电荷．
(2)小滑块沿斜面下滑的过程中，由平衡条件得F＋FN＝mgcosα，当支持力FN＝0时，小滑块脱离斜面．设此时小滑块速度为vmax，则此时小滑块所受洛伦兹力F＝qvmaxB， 所以vmax＝
＝
m/s≈3.5 m/s
(3)设该斜面长度至少为l，则小滑块离开斜面的临界情况为小滑块刚滑到斜面底端时．因为下滑过程中只有重力做功，由动能定理得mglsinα＝mv19.【答案】(1)静止或均速直线运动
(2)以加速度a0≥10 m/s2向上，加速或向下减速运动
【解析】(1)下底板传感器的示数等于轻弹簧的弹力F，金属块受力如图所示，上顶板的压力FN＝6.0 N，弹簧的弹力F＝10.0 N、重力mg，加速度为a，方向向下，有mg＋FN－F＝ma，可求得金属块的质量m＝0.5 kg.
当上顶板传感器的示数是下底板传感器示数的一半时，弹簧的弹力仍是F，则上顶板压力为，设箱和金属块的加速度为a1，则有mg＋－F＝ma1，解得a1＝0，表明箱处于静止或做匀速直线运动．
－0，所以斜面长至少为l＝
＝
m≈1.2 m.
(2)当上顶板的压力恰好等于零时，有mg－F＝ma2，解得a2＝－10 m/s2，“－”号表示加速度方向向上．若箱和金属块竖直向上的加速度大于10 m/s，弹簧将被进一步压缩，只要竖直向上的加速度大于或等于10 m/s，不论箱是向上加速或向下减速运动，上顶板压力传感器的示数都为零． 20.【答案】(1)R＝300－0.4F(Ω) (2)600 N (3)不均匀 【解析】(1)由表数据可知k＝
＝
＝0.4 Ω/N，所以电阻R随压力F变化的函数表达方式为R＝
2
2
300－0.4F(Ω)．(2)R上受到的压力越大，R的阻值越小．电容器两端电压越大，但不能超过5 V．所以＝
，解得R＝60 Ω，又因为R＝300－0.4F(Ω)．可得F＝600 N．(3)电流表中的电流I＝＝
A，电流I与压力F不是线性关系，则该测力显示器的刻度不均匀．
2019年高二下学期物理期末模拟试卷
注意事项：
1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项是符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.一矩形线圈在匀强磁场中转动，产生交变电流的电动势为e＝2202sin100πt（V），对于这个交变电流的说法正确的是 ( )
A．此交变电流的频率为100 Hz，周期为0.01 s B．此交变电流电动势的有效值为220 V
C．耐压为220 V的电容器能够在该交变电路中使用 D．t＝0时，线圈平面与中性面垂直，此时磁通量为零 2．右图为黑体辐射的强度与波长的关系图象，从图象可 以看出，随着温度的升高，则( ) A．各种波长的辐射强度都有减少 B．只有波长短的辐射强度增加 C．辐射电磁波的波长先增大后减小
D．辐射强度的极大值向波长较短的方向移动
3. 在一小型交流发电机中,矩形金属线圈abcd的面积为S,匝数为n,线圈总电阻为r,外电路如图所示,其中三个灯泡都可视为阻值相等的定值电阻,如果线圈在度大小为B的匀强磁场中绕垂直于磁场的OO'轴匀速转度为ω时灯泡L1最亮，灯泡L2、L3一样亮，现将线圈转度增大到2ω,则下列说法中正确的是( )
A. 灯泡L1最亮，灯泡L3次之，L2最暗 B. 灯泡L1最亮，灯泡L2次之，L3最暗 C. 还是灯泡L1最亮，灯泡L2、L3一样亮 D. 灯泡L3最亮，灯泡L1次之，L2最暗
4. 如图所示为某小型电站高压输电示意图。发电机输出功率恒定，升压变压器原、副线圈两端的电压分别为U1和U2。在输电线路的起始端接入两个互感器，原、副线圈的匝数比分别为10:1和1:10，电压表的示数为220 V，电流表的示数为10 A，各互感器和电表均为理想的，则下列说法正确的是( )
磁感应强动，角速动的角速
A．升压变压器原、副线圈的匝数比为
n1U2? n2U1B．采用高压输电可以增大输电线中的电流， 输电电流为100 A C．线路输送电功率是220 kW D．将P上移，用户获得的电压将降低
5．某变电站用11kV的交变电压输电，输送功率一定，输电线的电阻为R．现若用变压器将电压升高到220kV送电，下面选项正确的是( )
U，所以输电线上的电流增为原来的20倍 RP1B．因I?，所以输电线上的电流减为原来的
U20A．因I?U2C．因P?，所以输电线上损失的功率增为原来的400倍
RD．若要使输电线上损失的功率不变，可将输电线的直径减为原来的
1 4006. 在氢原子光谱中，把氢原子从n=3、4、5、6……能级跃迁到m=2能级时发出的光子光谱线系称为巴耳末线系．若一群氢原子自发跃迁时发出的谱线中只有2条属于巴耳末线系，则这群氢原子自发跃迁时最多可发出不同频率的谱线条数为( )
A．2条 B．3条 C．6条 D．10条
7. 目前，在居室装修中经常用到的花岗岩、大理石等装修材料，都不同程度地含有放射性元素，装修污染已经被列为“危害群众最大的五种环境污染”之一．有关放射性元素的下列说法正确的是( ) A．氡的半衰期为3.8天，若取4个氡核，经过7.6天就只剩下一个氡原子核了 B．发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了2个 C．β衰变所释放的电子是原子核中的中子转化为质子所产生的
D．γ射线一般伴随着α或β射线产生，在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强 8．下列说法中正确的是( )
A．汤姆孙发现电子揭示了原子是由原子核和电子组成的
B．α粒子散射实验中，α粒子穿过原子时，只有少数α粒子发生大角度偏转的原因是原子核很小，α
粒子接近原子核的机会很少
C．进行光谱分析，可以利用线状谱也可利用吸收光谱
D．高温物体发出的光通过低温物质后的光谱上的暗线反映了高温物体的组成成分 9. 下列关于原子结构和原子核的说法中正确的是( )
A．氢原子从较高的激发态跃迁到较低的激发态时，氢原子总能量减少 B．玛丽·居里夫妇最早发现的天然放射现象
C．由图可知，原子核A裂变成原子核B和C要吸收能量