2018年高考物理一轮复习 考点通关练 强化训练10 交变电流、变压器问题

强化训练(10) 交变电流、变压器问题

时间:60分钟

满分:100分

一、选择题(本题共10小题,每小题6分,共60分。在每小题给出的四个选项中,1~6小题只有一项符合题目要求,7~10题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。)

1.[2017·福州质检]某交流电源电动势随时间变化的规律如图所示,现用该电源对标称为“5 V 10 W”的电动机供电;电源内阻不计,下列说法正确的是( )

A.电动机的内阻为2.5 Ω B.电动机的发热功率为10 W C.通过电动机的电流为2 A D.通过电动机的电流为22 A 答案 C

解析 由图知该电源电动势最大值为Em=52 V,则有效值E=5 V,通过电动机的电流

P105

为I== A=2 A,电动机是非纯电阻元件,电动机内阻r< Ω=2.5 Ω,电动机的发热

U52

功率P热=Ir

2.[2017·江西八校联考]将硬导线中间一段折成半圆形,使其半径为R,让它在磁感应强度为B,方向如图所示的匀强磁场中绕轴MN匀速转动。导线在a、b两处通过电刷与外电路连接,外电路接有额定功率为P、电阻为r的小灯泡并正常发光。电路中除灯泡外,其余部分的电阻不计,则下列说法中正确的是( )

2

2rPA.半圆形硬导线的转速为22

πRBB.半圆形硬导线的转速为22 πRBπRBC.线圈从图示位置转90°过程中通过小灯泡的电荷量为 2

rPrD.线圈从图示位置转90°过程中通过小灯泡的电荷量为零 答案 A

解析 转动的半圆形导线切割磁感线,产生感应电动势直接给灯泡供电,因灯泡此时正常发光,则其功率为P,电阻为r,设线圈转速为n,则感应电动势的有效值E有

B·πR2·2πn2

12

U22rP22

,由公式P=得:U=E有=Pr,可求得:n=22,则A正确、B错误;线

RπRBB·πR2

r1

2

πRB=,则C、D错误。

2r2

ΔΦ

圈从图示位置转90°的过程中通过灯泡的电荷量q==r3.[2015·江苏高考]一电器中的变压器可视为理想变压器,它将220 V交变电压改变为110 V。已知变压器原线圈匝数为800,则副线圈匝数为( )

A.200 C.1600 答案 B

B.400 D.3200

U1n1U2110

解析 由变压器变压比=,可知n2=n1=×800=400,B正确。

U2n2U1220

4.[2015·广东高考]如图所示为加热装置的示意图,使用电阻丝加热导气管。视变压器为理想变压器,原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变。调节触头P,使输出电压有效值由220 V降至110 V,调节前后( )

A.副线圈中的电流比为1∶2 B.副线圈输出功率比为2∶1 C.副线圈的接入匝数比为2∶1 D.原线圈输入功率比为1∶2 答案 C

2

220110

解析 设加热管电阻为R,对于副线圈,I2=,I2′=,则调节前后I2∶I2′=2∶

RRU2

1,A错误。由P=可知,调节前后副线圈输出功率之比为4∶1,B错误。原副线圈电压之

R比为匝数之比,电压减为原来一半,则副线圈匝数也减为原来的一半,C正确。理想变压器副线圈功率等于原线圈功率,则原线圈输入功率之比为4∶1,D错误。

5. [2016·江西萍水二模]如图所示为汽车的点火装置,此装置的核心是一个变压器,该变压器的原线圈通过开关连接到12 V的蓄电池上,副线圈连接到火花塞的两端,开关由机械控制,当开关由闭合变为断开时,副线圈中产生10000 V以上的电压,火花塞中产生火花。下列说法中正确的是( )

A.变压器的原线圈要用粗导线绕制,而副线圈可以用细导线绕制 B.若该点火装置的开关始终闭合,火花塞的两端会持续产生高压

C.变压器原线圈输入的12 V电压必须是交流电,否则就不能在副线圈中产生高压 D.该点火装置中变压器的副线圈匝数必须小于原线圈的匝数 答案 A

解析 汽车的点火装置是利用变压器原理工作的,当开关始终闭合时,通过原线圈的电流恒定,原线圈中产生的磁场恒定,则在副线圈上不会产生电压,所以B错误;由题可知原线圈处接12 V的直流电源,当断开开关瞬间原线圈中电流迅速变化,会产生变化的磁场,则在副线圈中可能产生高压,所以C错误;由=可知,要在副线圈中产生高压,则原线圈匝数n1必须小于副线圈的匝数n2,所以D错误;由

U1n1

U2n2

I1n2

=及n2>n1所以I1>I2,故选A。 I 2n1

6.[2016·河北邢台质检]如图甲是远距离输电线路示意图,图乙是用户端电压随时间变化的图象,则( )

A.发电机产生的交流电的频率是100 Hz B.降压变压器输出的电压有效值是340 V C.输电线的电流仅由输送功率决定

3

D.仅增加升压变压器的副线圈匝数,其他条件不变,输电线上损失的功率减小 答案 D

1

解析 由乙图可知交流电的周期T=0.02 s,则频率f==50 Hz,变压器不改变交流电

T的周期与频率,则A错误。由乙图可知Um=340 V,有效值U=

Um

2

<340 V,则B错误。输电

线的电流由输送功率和输送电压共同决定,则C错误。当仅增加升压变压器的副线圈匝数时,则输电电压增大,由P=UI可知,输电电流减小,再由P=IR可知输电线上损失的功率减小,则D正确。

7.[2017·河南开封模拟]如图所示,T为理想变压器,原、副线圈匝数比为5∶1。A1、A2为理想交流电流表,V1、V2为理想交流电压表,R1、R2为定值电阻,R3为光敏电阻(阻值随光照强度的增大而减小),原线圈两端电压U=2202sin314t(V),则下列说法正确的是( )

2

A.当光照增强时,电压表V1示数为442 V,保持不变 B.当光照增强时,电压表V2示数变大 C.通过电流表A1的电流方向每秒变化100次 D.当光照增强时,电流表A1、A2示数同时变大 答案 CD

解析 原线圈两端电压有效值为220 V,原、副线圈匝数比为5∶1,所以副线圈两端电压有效值为44 V,电压表V1示数为44 V,保持不变,A错误;当光照增强时,R3的电阻减小,总的电阻减小,电路的总电流要变大,R1两端的电压变大,副线圈两端的电压不变,所以电ω

压表V2示数变小,B错误;交变电流的频率f==50 Hz,所以通过电流表A1的电流方向

2π每秒变化100次,C正确;当光照增强时,副线圈中的电流变大,又因为=,故A1、A2的示数都要变大,D正确。

8.如图所示的电路中,P为滑动变阻器的滑片,保持理想变压器的输入电压U1不变,闭合电键S,下列说法正确的是( )

I1n2I2n1

4

A.P向下滑动时,灯L变亮

B.P向下滑动时,变压器的输出电压不变 C.P向上滑动时,变压器的输入电流变小 D.P向上滑动时,变压器的输出功率变大 答案 BD

解析 由于U1保持不变,副线圈的输出电压U2也不变,B项正确;P向下滑动时,灯泡L两端的电压不变,灯泡的亮度不变,A项错误;P向上滑动时,滑动变阻器接入电路的电阻

U22

变小,副线圈电路的总电阻R变小,根据P2=可知,变压器的输出功率变大,D项正确;

R由P1=U1I1=P2可知,变压器的输入电流增大,C项错误。

9.[2016·江西六校联考]如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1,b是原线圈的中心抽头,电压表和电流表均为理想电表,除R以外其余电阻不计。从某时刻开始在原线圈c、d两端加上u1=2202sin100πt(V)的交变电压,并将开关接在a处。则( )

A.t=0.01 s时,电流表

的示数为0

B.若单刀双掷开关接a,则电压表示数为22 V

C.若单刀双掷开关接a,再将滑动变阻器滑片P向下移,电压表示数变大 D.若仅将单刀双掷开关由a拨向b,变压器的输入功率变大 答案 BD

解析 电流表的示数为有效值,A错误;根据瞬时值表达式为u1=2202sin100πt V,原线圈的电压最大值为2202 V,其有效值为220 V,由电压与匝数成正比可知,副线圈的电压有效值为22 V,电压表的示数为电压的有效值,所以示数为22 V,B正确;电压表示数由原线圈电压与匝数比决定,则滑动变阻器滑片P向下移,电压表示数不变,C错误;将单刀双掷开关由a拨向b,则原线圈匝数减少,副线圈电压变大,输出功率变大,则输入功率

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