导学教程高考物理总复习 第九章 电磁感应 第四节 电磁感应中的动力学和能量问题限时检测 新人教版

图9-4-19

A.电阻R中的感应电流方向由a到c B.物块下落的最大加速度为g C.若h足够大,物块下落的最大速度为D.通过电阻R的电荷量为

mgR B2l2

Blh R解析 题中导体棒向右运动切割磁感线,由右手定则可得回路中产生顺时针方向的感应电流,则电阻R中的电流方向由c到a,A错误;对导体棒应用牛顿第二定律有:T-F安=ma,又F安=BBlvl,再对物块应用牛顿RgB2l2vg第二定律有:mg-T=ma,则联立可得:a=-,则物块下落的最大加速度am=,B错误;当a=0时,速

22mR2

度最大为vm==

mgRΔΦBΔS,C正确;下落h的过程,回路中的面积变化量ΔS=lh,则通过电阻R的电荷量q==B2l2RRBlh,D正确。 R答案 CD

二、计算题(共46分)

10. (10分)(2015·江苏单科)做磁共振(MRI)检查时,对人体施加的磁场发生变化时会在肌肉组织中产生

感应电流。某同学为了估算该感应电流对肌肉组织的影响,将包裹在骨骼上的一圈肌肉组织等效成单匝线圈,线圈的半径r=5.0 cm,线圈导线的截面积A=0.80 cm,电阻率ρ=1.5 Ω·m。如图9-4-20所示,匀强磁场方向与线圈平面垂直,若磁感应强度B在0.3 s内从1.5 T均匀地减为零,求:(计算结果保留一位有效数字)

2

图9-4-20

(1)该圈肌肉组织的电阻R; (2)该圈肌肉组织中的感应电动势E; (3)0.3 s内该圈肌肉组织中产生的热量Q。

2πr3

解析 (1)由电阻定律得R=ρ,代入数据得R=6×10 Ω

A 6

ΔB·πr-2

(2)感应电动势E=,代入数据得E=4×10 V

Δt2

E2-8

(3)由焦耳定律得Q=Δt,代入数据得Q=8×10 J。

R答案 (1)6×10 Ω (2)4×10 V (3)8×10 J

11. (18分)(2015·广东理综)如图9-4-21甲所示,平行长直金属导轨水平放置,间距L=0.4 m。导轨右端接有阻值R=1 Ω的电阻。导体棒垂直放置在导轨上,且接触良好。导体棒及导轨的电阻均不计。导轨间正方形区域abcd内有方向竖直向下的匀强磁场,b、d连线与导轨垂直,长度也为L。从0时刻开始,磁感应强度B的大小随时间t变化,规律如图乙所示;同一时刻,棒从导轨左端开始向右匀速运动,1 s后刚好进入磁场。若使棒在导轨上始终以速度v=1 m/s做直线运动,求:

3

-2

-8

图9-4-21

(1)棒进入磁场前,回路中的电动势E;

(2)棒在运动过程中受到的最大安培力F,以及棒通过三角形abd区域时电流i与时间t的关系式。 ΔB解析 (1)由图乙可知0~1.0 s内B的变化率=0.5 T/s①

Δt正方形磁场区域的面积

S=?

?L?22

?=0.08 m② ?2?

ΔΦSΔB=③ ΔtΔt棒进入磁场前0~1.0 s内回路中的感应电动势

E=

由①②③得E=0.08×0.5 V=0.04 V

(2)当棒通过bd位置时,有效切割长度最大,感应电流最大,棒受到最大安培力

F=BIL④

7

棒过bd时的感应电动势

Em=BLv=0.5×0.4×1 V=0.2 V⑤

棒过bd时的电流

Em

I=⑥

R由④⑤⑥得

F=0.04 N

棒通过a点后在三角形abd区域中的有效切割长度L′与时间t的关系:

L′=2v(t-1),其中t的取值范围为1 s≤t≤1.2 s⑦

电流i与时间t的关系式

BL′v2Bv2(t-1)i===t-1(1 s≤t≤1.2 s)。

RR答案 (1)0.04 V (2)0.04 N i=t-1(1 s≤t≤1.2 s)

12.(18分)如图9-4-22所示,足够长的粗糙绝缘斜面与水平面成θ=37°放置,在斜面上虚线aa′和

bb′与斜面底边平行,在aa′、b′b围成的区域有垂直斜面向上的有界匀强磁场,磁感应强度为B=1 T;现有

一质量为m=10 g、总电阻为R=1 Ω、边长d=0.1 m的正方形金属线圈MNPQ,让PQ边与斜面底边平行,从斜面上端静止释放,线圈刚好匀速穿过磁场。已知线圈与斜面间的动摩擦因数为μ=0.5,(取g=10 m/s,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)求:

2

图9-4-22

(1)线圈进入磁场区域时,受到的安培力大小; (2)线圈释放时,PQ边到bb′的距离;

(3)整个线圈穿过磁场的过程中,线圈上产生的焦耳热。 解析 (1)对线圈受力分析有:F安+μmgcos θ=mgsin θ 代入数据得:F安=2×10 N (2)F安=BId

-2

E=Bvd EI= RB2d2v解得:F安= R

8

代入数据得:v=2 m/s 线圈进入磁场前做匀加速运动,

a=gsin θ-μgcos θ=2 m/s2

v2

线圈释放时,PQ边到bb′的距离x==1 m

2a(3)由于线圈刚好匀速穿过磁场,则磁场宽度等于

d=0.1 m Q=W安=F安·2d

解得:Q=4×10-3

J。

答案 (1)2×10-2

N (2)1 m -3

J

9

(3)4×10

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