精 品 试 卷
5×0.024 65 L×0.020 mol·L
依据得失电子守恒建立方程，解得n＝1，所以氧化产物为N2O。 (三)设未知数法
6．用含1.0 mol NaOH的溶液吸收0.8 mol CO2，所得溶液中的CO23和HCO3的物质的量之比为( )
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－1A．1∶3 B．2∶1 C．2∶3 D．3∶2 答案 A
解析 设生成Na2CO3、NaHCO3物质的量分别为x、y，由反应前后C和Na守恒可知，x＋y＝0.8 mol、2x＋y＝1.0 mol，解得x＝0.2 mol、y＝0.6 mol，即所得溶液中CO23和HCO3的物质的量之比为1∶3。
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7．(2013·上海，22)一定量的CuS和Cu2S的混合物投入足量的HNO3中，收集到气体V L(标准状况)，向反应后的溶液中(存在Cu2和SO24)加入足量NaOH，产生蓝色沉淀，过滤，洗涤，灼烧，得到CuO 12.0 g，若上述气体为
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NO和NO2的混合物，且体积比为1∶1，则V可能为 ( ) A．9.0 L B．13.5 L C．15.7 L D．16.8 L 答案 A
解析 若混合物全是CuS，其物质的量为12/80＝0.15 mol，电子转移数0.15 mol×(6＋2)＝1.2 mol。两气体体积相等，设NO x mol，NO2 x mol,3x＋x＝1.2，计算的x＝0.3。气体体积V＝0.6 mol×22.4 L·mol1＝13.44 L；若混合物
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全是Cu2S，其物质的量为0.075 mol，转移电子数0.075 mol×10＝0.75 mol，设NO x mol，NO2 x mol,3x＋x＝0.75，计算得x＝0.187 5，气体体积V＝0.375 mol×22.4 L·mol1＝8.4 L，因此8.4 L＜V＜13.44 L。
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