大一(第一学期)高数期末考试题及答案

大一上学期高数期末考试

一、单项选择题 (本大题有4小题, 每小题4分, 共16分) 1. 设f(x)?cosx(x?sinx),则在x?0处有( ).

(A)f?(0)?2 (B)f?(0)?1(C)f?(0)?0 (D)f(x)不可导.

2. 设?(x)?1?x1?x,?(x)?3?33x,则当x?1时(  ).

(A)?(x)与?(x)是同阶无穷小,但不是等价无穷小; (B)?(x)与?(x)是等价无穷小;

(C)?(x)是比?(x)高阶的无穷小; (D)?(x)是比?(x)高阶的无穷小.

3. 若

F(x)??x0(2t?x)f(t)dt,其中f(x)在区间上(?1,1)二阶可导且

f?(x)?0,则( ).

(A)函数F(x)必在x?0处取得极大值; (B)函数F(x)必在x?0处取得极小值;

(C)函数F(x)在x?0处没有极值,但点(0,F(0))为曲线y?F(x)的拐点; (D)函数F(x)在x?0处没有极值,点(0,F(0))也不是曲线y?F(x)的拐点。

14.

设f(x)是连续函数,且 f(x)?x?2?0f(t)dt , 则f(x)?(x2x2(A)2 (B)2?2(C)x?1 (D)x?2.

二、填空题(本大题有4小题,每小题4分,共16分) 25. limsinxx?0(1?3x)? .

6. 已知cosxx是f(x)的一个原函数,则?f(x)?cosx . xdx? ?2?7.

nlim??n(cos2?n?cos2n??cos2n?1n?)? . 12?x2arcsinx?1-11?x2dx?8. 2 .

三、解答题(本大题有5小题,每小题8分,共40分)

9. 设函数y?y(x)由方程

ex?y?sin(xy)?1确定,求y?(x)以及y?(0). 1?x7求10. ?x(1?x7)dx.

)

?x? 1?xe,  x?0设f(x)?? 求?f(x)dx.?32??2x?x,0?x?111.

1012. 设函数f(x)连续,,且x?0g?(x)并讨论g?(x)在x?0处的连续性.

g(x)??f(xt)dtlimf(x)?Ax,A为常数. 求

13. 求微分方程xy??2y?xlnx满足

y(1)??19的解.

四、 解答题(本大题10分)

14. 已知上半平面内一曲线y?y(x)(x?0),过点(0,1),且曲线上任一点

M(x0,y0)处切线斜率数值上等于此曲线与x轴、y轴、直线x?x0所围成面积的2倍与该点纵坐标之和,求此曲线方程. 五、解答题(本大题10分)

15. 过坐标原点作曲线y?lnx的切线,该切线与曲线y?lnx及x 轴围

成平面图形D.

(1) 求D的面积A;(2) 求D绕直线x = e 旋转一周所得旋转体的体积

V.

六、证明题(本大题有2小题,每小题4分,共8分)

16. 设函数f(x)在?0,1?上连续且单调递减,证明对任意的q?[0,1],

q1?f(x)dx?q?f(x)dx00.

??17. 设函数f(x)在?0,??上连续,且0x?f(x)dx?0,0?f(x)cosxdx?0.

证明:在?0,??内至少存在两个不同的点?1,?2,使f(?1)?f(?2)?0.(提

F(x)?示:设

?f(x)dx0)

解答

一、单项选择题(本大题有4小题, 每小题4分, 共16分) 1、D 2、A 3、C 4、C

二、填空题(本大题有4小题,每小题4分,共16分)

??1cosx2 ()?c6e35. . 6.2x.7. 2. 8..

三、解答题(本大题有5小题,每小题8分,共40分) 9. 解:方程两边求导

x?y??)coxys(xy)(y? ) e(1?y??ex?y?ycos(xy)y?(x)??x?ye?xcos(xy)

x?0,y?0,y?(0)??1

77x6dx?du 10. 解:u?x  1(1?u)112原式??du??(?)du7u(1?u)7uu?1 1?(ln|u|?2ln|u?1|)?c7 12?ln|x7|?ln|1?x7|?C77

11. 解:??301f(x)dx??xedx???3?x100?x102x?x2dx

??xd(?e)???301?(x?1)2dx0?2?x?x2????xe?e?cos?d? (令x?1?sin?)????3?

4

12. 解:由f(0)?0,知g(0)?0。

x1xt?u???2e3?1

g(x)??f(xt)dt?0x?f(u)du0x (x?0)

g?(x)?xf(x)??f(u)duxx002 (x?0)

g?(0)?limx?0?f(u)dux2?limx?0f(x)A? 2x2

x

limg?(x)?limx?0x?0xf(x)??f(u)dux02?A?AA?22,g?(x)在x?0处连续。

dy2?y?lnxdxx13. 解:

?xdx(e?xdxlnxdx?C)y?e? 11?xlnx?x?Cx?29 3

111y(1)??C,?0y?xlnx?x39 9 ,

四、 解答题(本大题10分)

?2214. 解:由已知且 ,

将此方程关于x求导得y???2y?y?

02特征方程:r?r?2?0

y??2?ydx?yx

解出特征根:r1??1,r2?2.

其通解为

y?C1e?x?C2e2x

代入初始条件y(0)?y?(0)?1,得

21y?e?x?e2x33故所求曲线方程为:

五、解答题(本大题10分)

C1?21,C2?33

1y?lnx0?(x?x0)(x,lnx)x0,015. 解:(1)根据题意,先设切点为0切线方程:

1y?xe 由于切线过原点,解出x0?e,从而切线方程为:

1则平面图形面积

A??(ey?ey)dy?01e?12

V1?1?e23

(2)三角形绕直线x = e一周所得圆锥体体积记为V1,则

曲线y?lnx与x轴及直线x = e所围成的图形绕直线x = e一周所得旋转体体积为V2

1V2???(e?ey)2dy0

6D绕直线x = e 旋转一周所得旋转体的体积

六、证明题(本大题有2小题,每小题4分,共12分)

q1qqV?V1?V2??(5e2?12e?3)

116. 证明:0?f(x)dx?q?f(x)dx??f(x)dx?q(?f(x)dx??f(x)dx)000q

q1?(1?q)?f(x)dx?q?f(x)dx0q

f(?1)?f(?2)?1?[0,q]?2?[q,1]?q(1?q)f(?1)?q(1?q)f(?2)1?故有:

q0

?f(x)dx?q?f(x)dx00 证毕。

x17.

F(x)??f(t)dt,0?x??0证:构造辅助函数:。其满足在[0,?]上连续,在(0,?)上可导。F?(x)?f(x),且F(0)?F(?)?0 由题设,有

?0??f(x)cosxdx??cosxdF(x)?F(x)cosx|??sinx?F(x)dx0000????,

F(x)sinxdx?0?有,由积分中值定理,存在??(0,?),使F(?)sin??0即

0F(?)?0

综上可知F(0)?F(?)?F(?)?0,??(0,?).在区间[0,?],[?,?]上分别应用罗尔定理,知存在

?1?(0,?)和?2?(?,?),使F?(?1)?0及F?(?2)?0,即f(?1)?f(?2)?0.

联系客服:779662525#qq.com(#替换为@) 苏ICP备20003344号-4